Solucionario Streeter Cap. 2
AÑO 2007
Capítulo 2: Estática de fluidos
Ejercicio 2-4
Calcúlese la presión en A, B, C y D de la figura es pascales.
Aire
C
B
Aceite
Dens.
Esp.
0,9
1,0
0,6 0,3 0,3
Aire A
Agua
D
Resolución
Punto A
Punto B
pA = – Jh = – 9806 N/m3.0,6 m = – 5883,60 Pa
pA = – 588 KPa
pB = Jh = 9806 N/m3.0,6 m = 5883,60 Pa
pB = 588 KPa
B
Punto CpC = pB = 5883,60 Pa
pC = 588 KPa
B
Punto D
pD = pC + Jh = 5883,60 Pa + 0,9.9806 N/m3.1,9 m = 22651,86 Pa
pD = 2265 KPa
MECÁNICA DE LOS FLUIDOS
1
CAPÍTULO 2
STASSI, MAURO JOSÉ
AÑO 2007
Ejercicio 2-15
h
En la figura, para una lectura h = 20 in; determínese la presión en A en libras por pulgada
cuadrada. El líquido tiene una densidad relativa de 1,90.
ADatos
h = 20 in
S = 1,90
Resolución
pA = Jh
pA = 1,90.62,42 lb . 1 ft3 = 0,069 lb
ft3 1728 in3
in2
pA = 0,069 lb
in2
Ejercicio 2-24
En la figura, A contiene agua y el fluido manométrico tiene una densidad relativa de 2,94. Cuando
el menisco izquierdo está en cero en la escala, pA = 100 mmH2O. Encuéntrese la lectura en el
menisco derecho para pA = 8 kPa sin ningún ajuste del tubo en U o dela escala.
600 mm
A
0
MECÁNICA DE LOS FLUIDOS
2
0
CAPÍTULO 2
STASSI, MAURO JOSÉ
AÑO 2007
Datos
S = 2,94
pA0 = 100 mmH2O
pA = 8 kPa
Resolución
Cuando el meñisco izquierdo maraca cero tenemos
pA + JH2Oh1 – SJH2Ohi = 0
100 mmH2O. 1 m. 101325 pa + 9806 N 600 mm. 1m – 2,94.9806 N/m3 hi = 0
1000 mm 10,34 mH2O
m3
1000 mm
979,93 Pa + 5883,6 Pa – 28829,64 N/m3 hi= 0
Despajando
hi = – 979,93 Pa – 5883,6 Pa = 0,240 m
– 28829,64 N/m3
hi = 0,240 m
Cuando aumentamos la presión en A tenemos
hi
hf
600 mm
dh
A
Reemplazando
0
dh
dh
0
pA + JH2O(h1 + 'h) – SJH2O(hi + 2'h)= 0
pA + JH2Oh1 + JH2O 'h – SJH2Ohi – SJH2O2'h = 0
pA + JH2Oh1 – SJH2Ohi = SJH2O2'h – JH2O 'h
pA + JH2Oh1 – SJH2Ohi = 'h(2.S.JH2O – JH2O)
'h = pA + JH2Oh1 –SJH2Ohi
(2.S.JH2O – JH2O)
'h = 8000 Pa + 9806 N/m30,6 m – 2,94.9806 N/m30,240 m =
(2.2,94. 9806 N/m3 – 9806 N/m3)
'h = 0,145 m
Finalmente la lectura en el lado derecho será
hf = hi + 'h
hf = 0,240 m + 0,145 m = 0,385 m
hf = 385 mm
MECÁNICA DE LOS FLUIDOS
3
CAPÍTULO 2
STASSI, MAURO JOSÉ
AÑO 2007
Ejercicio 2-33
El recipiente mostrado en la figura tiene una seccióntransversal circular. Determínese la fuerza
hacia arriba sobre la superficie del tronco de cono ABCD. ¿Cuál es la fuerza hacia abajo sobre el
plano EF?¿Es, esta fuerza, igual al peso del fluido? Explique.
2
2 ft diám
C
1
B
A
D
4 ft diám
E
5
Agua
F
Datos
mayor = 4,00 ft
menor = 2,00 ft
T = arc tan (1,00 ft) = 45 º
1,00 ft
Resolución
A1
A2
A3
1,41Sobre ABCD
O
1
2
1
A = A1 + A2 + A3
A = ½ 1,00 ft.1,414 ft + 2,00 ft.1,414 ft + ½ 1,00 ft.1,414 ft
A = 4,245 ft2
MECÁNICA DE LOS FLUIDOS
4
CAPÍTULO 2
STASSI, MAURO JOSÉ
AÑO 2007
Ay’p = A1y1 + A2y2 + A3y3
y’p = 0,707 ft20,47 ft + 2,828 ft2x0,707 ft + 0,707 ft20,47 ft
4,245 ft2
y’p = 0,628 ft
yp = 2ft + 1,41 ft – y’p = 2,786 ft
yp = 2,786 ft
Fn = JypA = 62,4lb .2,786 ft.4,245 ft2 = 737,98 lb
ft3
Fv = Fn cos T = 737,98 lb cos 45 = 521,83 lb
Fv = 52183 lb
Sobre EF
V1 = 2SxpA
A = ½ 1,00 ft.1,00 ft + 5,00 ft.1,00 ft = 5,50 ft
xp = 0,50 ft20,66 ft + 5,00 ft2x0,50 ft
5,50 ft
xp = 0,51 ft
V1 = 2SxpA = 2S.0,51 ft.5,50 ft2
V1 = 17,80 ft3
V2 = hA = 8,00 ftS(1,00 ft)2
V2 = 25,13 ft3
V = 17,80 ft3 + 25,13 ft3 = 42,93 ft3
Fn = 42,93 ft3 62,4 lb/ft3Fn = 267900 lb
Ejercicio 2-36
Una superficie triangular de ángulo recto vertical tiene un vértice en la superficie libre de un líquido.
Encuéntrese la fuerza sobre un lado (a) por integración y (b) por fórmula.
A
A
h
B
MECÁNICA DE LOS FLUIDOS
5
b
C
CAPÍTULO 2
STASSI, MAURO JOSÉ
AÑO 2007
Resolución
Por integración
F = ³ApdA
= ³AJyxdy
= J³0hyxdy
donde...
Regístrate para leer el documento completo.